我目前正在尝试在用户关闭页面时发送请求。我正在使用onbeforeunload事件。标签关闭或页面刷新时触发事件。我的事件如下所示:window.onbeforeunload=function(){$.ajax({//jQuerytype:"POST",url:"offline.php",data:{logout:'false'}});};offline.php(这不是完整的脚本):...unset($_SESSION["onpage"];if($_POST['logout']=="false"){sleep(3);if(isset($_SESSION["onpage"])||!emp
我是PHP和Laravel的新手，我遇到了以下问题。在我看来，我通过JQuery执行AJAXPOST请求，代码如下:jQuery.ajax({url:'/doSearch',type:'POST',dataType:'json',//data:$form.serialize(),success:function(data){console.info('ssssssssssiiii',data);},error:function(data,b){console.info('erroreeeeee');}});这个POST请求由这个简单的Controller方法处理:publicfunct
我想提交包含许多字段的表单。作为documentation$flight=newFlight;$flight->name=$request->name;$flight->param1=$request->param1;$flight->param2=$request->param2;...$flight->param_n=$request->param_n;$flight->save();如果有太多的领域是个坏主意。我正在寻找任何脚本，例如:$flight=newFlight;$flight->save($request->all());但是$request->all()函数得到了不必
这是我的index.htmlvarxml=newXMLHttpRequest();xml.onreadystatechange=function(){if(xml.readyState===4&&xml.status===200){console.log(xml.responseText);}}xml.open("POST","ajax.php",true);vardata=newFormData();data.append("name","Sahan");xml.send(data);这是我的ajax.php当我在本地主机上运行时，结果是Notice:Undefinedindex:n
要求是更新用户角色。角色可以为空(留空)、一个或多个，如表单字段roles[]中提供的那样。这是View表单:@foreach($rolesas$role)id}}"{{$user->roles->contains($role->id)?'checked':''}}>{{$role->name}}@endforeachUserController::update()中的条件是:if($request->roles){//updateuserroles}除一种情况外，一切正常。有时用户不得不留下来，没有任何角色。if($request->roles)、isset($request->ro
我需要验证一个数组但没有请求。在laravel文档中验证是这样描述的:$validator=Validator::make($request->all(),['title'=>'required|unique:posts|max:255','body'=>'required',]);但我不能使用$request，因为数据来自外部api并且验证不在Controller内。我如何验证这个数组？例如:$validatedData=validate(['id'=>1,'body'=>'text'],['id'=>'required','body'=>'required']);
我需要区别对待这两种情况，有什么好的解决方案吗？ 最佳答案 if($_SERVER['HTTP_X_REQUESTED_WITH']==='XMLHttpRequest'){/*ajaxrequest*/} 关于php-有没有一种可靠的方法可以知道请求是否在PHP的Ajax上下文中？，我们在StackOverflow上找到一个类似的问题： https://stackoverflow.com/questions/2250143/
我目前正在与一位friend合作开发一款Flash游戏。当玩家完成游戏时，他想要将分数插入数据库。他将本教程用于Flash-http://www.tizag.com/flashTutorial/flashforms.php.他制作的swf效果很好-它发布了数据。问题是我可以看到来自Firebug的请求。这就带来了另一个问题——任何更高级的用户都可以在不玩游戏的情况下插入自己的分数……那么有没有办法隐藏flash游戏的请求呢？解决这个问题的正确方法是什么？ 最佳答案 不，实际上没有办法隐藏发出的请求。这是不可能的，如果它在网络浏览器中
假设我设置了这样一个PHP变量:$phpurl=$_GET["url"]其中url值将来自GET变量查询。“url”的值将是某种html页面链接，其中包含我要加载的一些内容，例如“myContent.html”。我如何获得这个“url”值，我已将其分配给变量“$phpurl”并在Ajax/Jquery页面加载请求中使用它？$('.content').load('**needthevalueof"$phpurl"tobeplacedhere**');希望问题很清楚。我对编程很陌生。谢谢。 最佳答案 编辑:$('.content').l
我目前正在使用PHP(无HTML!)编写一些自动化脚本。我有两个PHP文件。一个正在执行脚本，另一个接收$_POST数据并返回信息。问题是如何从一个PHP脚本发送POST到另一个PHP脚本，获取返回变量并继续处理第一个没有HTML表单且没有重定向的脚本。我需要在不同条件下从第一个PHP文件向另一个PHP文件发出几次请求，并根据请求返回不同类型的数据。我有这样的东西:query("INSERTINTOdomains(id,name,address,email)VALUES('".$data['id']."','".$data['name']."','".$data['address'].
